Leetcode:常用数据结构（枚举技巧，差分数组，栈，单调队列，堆）-编程实验室

枚举右，维护左

1512.好数对的数目

Q:
给出整数数组nums，统计满足 i<j 且 nums[i]=nums[j] 的数对个数。

我的思路:
hash数组记录每个数字出现的次数，对于出现次数elem大于1的，将1+2+3+…+(i-1)的结果加到ans中，得到ans

classSolution{public:intnumIdenticalPairs(vector<int>&nums){vector<int>hash(101);for(constauto&elem:nums){++hash.at(elem);}intans=0;for(constauto&elem:hash){if(elem>1){for(inti=1;i<elem;i++){ans+=i;}}}returnans;}};

改进:

用unordered_map代替vector实现hash数组
思想从第一个元素开始遍历，并维护一个hash数组，记录每个元素出现的次数；遍历到元素i时，hash数组记录了前面出现过多少次元素i，这些元素i能与当前元素构成数对，将hash[i]加到结果ans中

classSolution{public:intnumIdenticalPairs(vector<int>&nums){intans=0;unordered_map<int,int>hash;for(constauto&elem:nums){ans+=hash[elem];++hash[elem];}returnans;}};

3805. 统计凯撒加密对数目

Q:
给出vector<string> words,每个字符串仅包含小写英文字母，统计满足下列条件的下标对(i, j)的数量：
1.i < j
2.words[i]中的每个字母替换为字母表中下一个字母（循环替换），最终与words[j]相等
我的思路：
用vector<int> hash(elem.size())记录每个字符串相邻两个字符之间的ASCII差值
map<vector<int>, int>记录每个vector对应的字符串出现的次数
枚举右维护左，统计答案

classSolution{public:longlongcountPairs(vector<string>&words){map<vector<int>,int>hash;longlongans=0;for(constauto&elem:words){vector<int>temp(elem.size());for(inti=1;i<elem.size();i++){temp[i]=(elem[i]-elem[i-1]+26)%26;}ans+=1LL*hash[temp];++hash[temp];}returnans;}};

改进：
1.遍历每个字符串时，将用vector统计相邻两个字符的差改为用字符串本身存储每个字符相对于第一个字符的偏移量，如字符串"abc"记为"012"，unordered_map<string, int>记录每个字符串的出现次数
2.优化结果的更新次数时，先记录words中原字符串的出现个数，然后将每组相同的原字符串统一化（即统一为每个字符相对于第一个字符偏移量如“012”的形式），统一化后，当前新字符串（个数为c）与已经记录的新字符串能形成下标对，当前新字符串彼此之间能形成C c 2 C_c^2Cc2个下标对，更新进答案

classSolution{public:longlongcountPairs(vector<string>&words){unordered_map<string,int>cnt_words;for(constauto&elem:words){++cnt_words[elem];}longlongans=0;unordered_map<string,int>hash;for(auto&[s,c]:cnt_words){string temp=s;charbase=temp[0];for(char&ch:temp){ch=(ch-base+26)%26;}ans+=1LL*hash[temp]*c+1LL*c*(c-1)/2;hash[temp]+=c;}returnans;}};

这里对于string temp = s,灵神的解答给的是string temp = std::move(s)，将s转化为右值后赋值给temp.
需要注意的是unordered_map的元素为pair<const K, V>，即这里的s是const string，这对于后面我们要更改temp的值来说是不符合const correctness的，由于string的move constructor接受的是std::string&&类型，故实际上会调用copy constructor，将const std::string&&隐性转化为const std::string&，最终temp的类型是std::string

负数的取模

在C++/Java等语言中，负数取模的结果为负数或零

-3 % 2 = -1 -2 % 2 = 0 a % b = a - (a / b) * b //C++取模公式向零取整

枚举中间

i < j < k 类型，枚举j

2506. 统计相似字符串对的数目

Q:
给出字符串数组words，如果两个字符串由相同的字符组成，则这两个字符串相似e.g."abca"与"bbccaa"相似，统计满足字符串words[i]和words[j]相似的下标对(i, j)个数
我的思路：
维护哈希表中map的key时，我选择了std::set<char>作为key，对于本题来说时间消耗与内存消耗均较高
改进：
使用位运算，选择一个26位二进制整数作为key，每位数表示对应字母是否在字符串中出现
e.g. "abca"含字符’a’ ‘b’ ‘c’，则第一二三位设为1,其余位为0

intm=0;//keyfor(constchar&ch:str){m|=1<<(ch-'a');// 1 << (ch-'a')得到ch对应的位为1}

对角线遍历

1329. 将矩阵按对角线排序

Q:
给出m*n矩阵，将矩阵的每个对角线上的元素升序排列（左上到右下），返回排序好的矩阵
A:
按对角线遍历元素时，我们从最右侧的对角线开始遍历。
对于同一条对角线内每个的元素(i, j)，i - j 为定值，我们记录k = i - j + n，最右侧的对角线对应的k = 0 - (n-1) + n = 1，最左侧的对角线k = (m-1) - 0 + n = m + n - 1，k的取值范围为 [1, m+n-1]
对于一个确定的k，在其所对应的对角线中，我们遍历纵坐标j，j的最小值当i = 0时取到，且j不为负数，有min_j = max(n-k, 0)；j的最大值当i = m-1时取到，且j不超过n-1，有max_j = min(m-1+n-k, n-1)
按对角线遍历的所有元素就被我们转化为先遍历对角线(k: [1, m+n-1] )，再遍历对角线内的元素(j: [min_j, max_j] )

classSolution{public:vector<vector<int>>diagonalSort(vector<vector<int>>&mat){intm=mat.size();intn=mat[0].size();for(intk=1;k<m+n-1;k++){// k = i-j+nintmin_j=max(0,n-k);intmax_j=min(n-1,m+n-k-1);vector<int>temp;for(intj=min_j;j<=max_j;j++){temp.push_back(mat[k-n+j][j]);}sort(temp.begin(),temp.end());for(intj=min_j;j<=max_j;j++){mat[k-n+j][j]=temp[j-min_j];}}returnmat;}};

前缀和

模板：统计数组vector<int> nums的前缀和vector<int> prev
其中prev[i] 表示数组nums中的前i个数，即nums[0], nums[1], … nums[i-1]

intn=nums.size();vector<int>prev(n+1,0);for(inti=0;i<n;i++){prev[i+1]=prev[i]+nums[i];}

2588.统计美丽子数组数目

Q:
给定整数数组nums,每次操作中可以：
选择两个不同下标的i和j，将nums[i]和nums[j]同时减去2 k 2^k2k（k为非负整数，nums[i]与nums[j]二进制对应位为1）
如果一个子数组在若干次操作内（包括0次）可以变成一个全为0的数组，称它为一个美丽的子数组
返回数组nums中美丽子数组的个数
我的思路：
在维护前缀和哈希表时，用一个数组vector<int> sum记录二进制对应位数相加的和(mod 2)
遍历数组时，将每个数转化为二进制，对应位数加到sum中
若维护的哈希表中出现mod 2结果完全相同的前缀和，说明两前缀和相减对应二进制位上数字之差为2的倍数，可以消除
改进：
二进制对应位数相加，我们要得到结果mod 2的值
使用异或来操作
1^1 = 0 0^0 = 0表示奇数与奇数的差结果为偶数，偶数与偶数的差结果为偶数，满足统计条件
0^1 = 1表示偶数与奇数的差为奇数，不满足统计条件

classSolution{public:longlongbeautifulSubarrays(vector<int>&nums){longlongans=0;unordered_map<int,int>hash={{0,1}};intsum=0;for(inti:nums){sum^=i;if(hash.find(sum)!=hash.end()){ans+=hash[sum];}hash[sum]++;}returnans;}};

差分数组

对于数组a,定义差分数组
d[] = {a[0], a[1]-a[0], a[2]-a[1]...}
d[i] += n 表示将下标 >= i 的数都加上n

二维差分数组

对于二维数组a[i][j]，定义差分数组d[i+1][j+1]
其中d[i][j] = a[i][j] - a[i-1][j] - a[i][j-1] + a[i-1][j-1]
d[m][n] += n 表示将下标 i >= m, j >= n 的所有数都加上n
要更新(x1, y1) - (x2, y2)里的所有数都加上n

d[x1][y1]+=n;d[x1][y2+1]-=n;d[x2+1][y1]-=n;d[x2+1]y2+1]+=n;

通过差分数组得到原数组
a[i][j] = d[i][j] +a[i-1][j] + a[i][j-1] - a[i-1][j-1]
边遍历边更新

栈

getline

复习一下getline(istream& is, string& str, char delim)
将输入流is的内容截止到delim之前存储到字符串str中（delim默认值为’\n’）
e.g. 读取Unix文件路径转化为标准路径 “/home/whyteafo/…/”

string str="/home/whyteafo/../";vector<string>stk;isstringstreamis(str);string temp;while(getline(is,temp,'/'){if(temp=='.'||temp.empty()){continue;}if(temp!='..'){stk.push_back(s);}elseif(!stk.empty()){stk.pop_back();}}// stk to ans

1209. 删除字符串中的所有相邻重复项 II

Q:
给定字符串s，整数k，对于字符串s中相邻k个相同的字符将其删除，对剩余字符串继续进行该操作，返回最终的字符串
题目数据保证结果唯一
A:
存储"aasssswwww"这类有连续相同字符的字符串，我们使用vector<pair<char, int>>，将字符串看成一个个相同字符构成的pair，pair.first表示该字符，pair.second为相同的字符个数
我们利用栈解决这道题
当pair.second增加到k时，表示相同的k个字符，我们将这个pair从栈中弹出
当当前字符与上个字符不同时，我们压入一个新的pair

classSolution{public:stringremoveDuplicates(string s,intk){vector<pair<char,int>>stk;for(charc:s){if(!stk.empty()&&stk.back().first==c){if(++stk.back().second==k){stk.pop_back();}}else{stk.push_back(pair(c,1));}}string ans;for(auto&p:stk){intcnt=p.second;while(cnt--){ans+=p.first;}}returnans;}};

1006. 笨阶乘

Q:
给定整数n，1 <= n <= 10000，用* / + -连接从n到1的排列，按四则运算顺序计算结果，除法向下取整
e.g. n = 10 ans =10 * 9 / 8 + 7 - 6 * 5 / 4 + 3 - 2 * 1
A:
这里用栈记录结果
若当前运算为加减法，则将当前元素压入栈中（负数则压入当前元素的相反数）
若当前运算为乘除法，对栈顶元素做乘除运算
用一个整数index记录当前的运算种类
index = 1, 2, 3, 4 对应* / + -

classSolution{public:intclumsy(intn){intans=0;intindex=0;// * / + -vector<int>stk;stk.push_back(n);for(inti=n-1;i>0;i--){if(index==0){stk.back()*=i;}elseif(index==1){stk.back()/=i;}elseif(index==2){stk.push_back(-i);}else{stk.push_back(i);}i=(i+1)%4;}ans=reduce(stk.begin(),stk.end(),0);returnans;}};

单调队列

单调队列 = 滑动窗口 + 单调栈
三步：入 / 出 / 更新
顺序根据题意变化
若更新答案要用到新元素，则入-更新；若更新答案不用到新元素，则更新-入

239. 滑动窗口最大值

Q:
给定整数数组nums，大小为k的滑动窗口从数组最左侧移动到最右侧，每次只移动一位
返回每个滑动窗口中元素的最大值组成的数组
A:
维护双端队列deque<int> q，记录更新答案要用的元素的下标，并保证q中元素单调递减
入：遍历数组，在插入每个新元素时，我们检查队列q末尾的元素是否<=新元素，若条件为真，则后续挑选滑动窗口最大值时，只有可能选择新元素作为最大值，队列末尾元素永远不可能被选中，我们将其删除
出：若队列头元素超出滑动窗口范围，删除
更新：由于队列q单调递减，队列头元素一定是当前滑动窗口中的最大元素，我们将其更新为答案
（每次写q.back()等记得想一想q.empty()要不要判断）

classSolution{public:vector<int>maxSlidingWindow(vector<int>&nums,intk){intn=nums.size();vector<int>ans(n-k+1,0);deque<int>q;for(inti=0;i<n;i++){// insert new element:// delete all elements not greater than new element// since they will never serve as the biggest numberwhile(!q.empty()&&nums[q.back()]<=nums[i]){q.pop_back();}q.push_back(i);// delete element out of rangeintleft=i-k+1;if(q.front()<left){q.pop_front();}// update ansif(left>=0){ans[left]=nums[q.front()];}}returnans;}};

堆

介绍c++ <queue>库中的priority queue

template<classT,classContainer=std::vector<T>,classCompare=std::less<typenameContainer::value_type>>classpriority_queue;

优先队列类似于堆的实现

Constructor：默认构造中队列中的元素会进行降序排序，每次取到的队头元素都是队列中的最大元素
使用vector<int> nums中元素的构造：priority_queue<int, vector<int>, greater<>> heap(nums.begin(), nums.end());
priority_queue默认的Container与Compare为vector和less，若要更改需在<>中显式指定

703. 数据流中的第 K 大元素

Q：
给定一个数组nums，整数k。每次操作插入一个整数val，返回数组中第k大的整数
A：
用降序排列的优先队列，每次操作需要弹出k-1个数❌
用升序的优先队列，优先队列只记录前k大的数，由于不涉及删除操作，更小的数永远不会被利用
优先队列的队头即第k大的数

classKthLargest{public:intk;priority_queue<int,vector<int>,greater<int>>heap;KthLargest(intk,vector<int>&nums):k(k),heap(priority_queue<int,vector<int>,greater<int>>(nums.begin(),nums.end())){while(heap.size()>k){heap.pop();}}intadd(intval){heap.push(val);if(heap.size()>k){heap.pop();}returnheap.top();}};

264. 丑数 II

Q:
规定丑数为质因数只含2,3,5的数（1也是丑数），求从小到大排列第n个丑数
A:
思路：每个新的丑数都可以表示为一个较小的丑数与2/3/5的积，我们从1开始寻找丑数，并对每个已经记录的丑数尝试乘以2/3/5，来得到新的丑数
代码：用数组res[n]记录丑数，结果第n个丑数即为res[n-1]
用指针pa, pb, pc记录分别乘以2/3/5可能得到新的丑数的旧的丑数的索引
for循环中，对记录的三个旧的丑数分别乘以2/3/5，将三个结果中的最小值作为新丑数添加到res中，并自增对应pa, pb, pc
注意：如果新丑数可以由多个旧丑数乘以不同的数（2/3/5）得到，对应指针都应当自增

classSolution{public:intnthUglyNumber(intn){intres[n];intpa=0,pb=0,pc=0;res[0]=1;for(inti=1;i<n;i++){inta=res[pa]*2,b=res[pb]*3,c=res[pc]*5;intnum=min(a,min(b,c));if(num==a)++pa;if(num==b)++pb;if(num==c)++pc;res[i]=num;}returnres[n-1];}};